教材的高频小信号谐振放大器习题解1_高频小信号放大器习题

教材的高频小信号谐振放大器习题解1由刀豆文库小编整理，希望给你工作、学习、生活带来方便，猜你可能喜欢“高频小信号放大器习题”。

第一章 高频小信号谐振放大器习题解答

1－1解：（1）这是纯LC串联谐振回路，信号和负载采用了简单等效模型。画出电路图。

根据空载品质因数的公式得（注意：空载品质因数的定义为不考虑信号源的内阻和负载的阻抗，只考虑L的内阻。）

根据串联LC谐振回路公式，Qo1RoCo1212

521.51061001012（2）根据中心频率的公式，f。可以得到Lo11H113H 22226124foC41.51010010（3）谐振时，L,C等效为短路线，电压信号直接接在了R上。

回路电流 IoUms1mV0.2mA R5（4）电感上电压与电容上电压振幅相等，方向UComULomQoUms212Ums212mV相反。振幅为：或由公式：ULomIoXL0.2103L1LC

1－2解：1-1端短路时，谐振时，o所以:L

111Q100 又因为 : 253H22612rCoC21010010o所以 r1115.9 oQC210610010121001-1端接Zx时，Zx为Rx和Cx的串联，CCx200Cx100,100;解得：Cx＝200pF，CCx200CxLL由于：Q0＝0，QL＝0rRLQr501所以：L＝＝＝，QL50,RL＝（r＋Rx）＝2r

Q0RL1002210625310－6解得：RX＝r＝＝＝15.9Q01000L因而，未知阻抗由15.9的电阻与200pF得电容串连组成。1－4 解：C'C2CL22pF

所以接入系数

C'221p' CC120222把RL折合到回路两端，得：

R'oRo95k11.25k 24pC1C'2022又 CCS5pF18.3pF

2022C1C'谐振频率为fP12LC120.81018.310612Hz41.6MHz

谐振阻抗为RPQoPL100241.61060.810620.9k

总电导为

1111116g'S236.710S 333RSRLRP101011.251020.910因而 R最后得QL14.2k g1120.2

236.7106241.61060.8106gPLB2f0.7fP2.06MHz QL11111－6（1）证明：因为回路总电导g；B2f0.7 RRSRPRLfO B;QLROC

QLBfOfOfO2f0.7 QLROCR2fOC1g4f0.7C R 证毕。

6124（2）g4f0.7C6.286102010S7.53610S1111 因为：gRRRRgsgpgL

SPL1111144g7.53610S5.53610S33RLRPRS10101010RL11.8k 45.536101－9（1）Y参数等效电路图：

gp为LC谐振回路的损耗电导。

P1=5/20=1/4;P2=5/20=1/4 因为空载品质因数Q011gp3.7191050L1-3gp0L1-3Q02ggpp12goep2gie21120010628601061616

228.44106(s)3.719105p1p2yfeg11451034412.3 6228.4410而AuoQL10L13g116.278210.71064106228.44106f010.7106B0.657106HZ

QL16.278 在LC 谐振回路接入三极管激励和后面的负载后，空载品质因数Q0的公式中的f0是考虑了前后三极管中等效电容后形成的总电容决定的中心工作频率。而电容C为C总。电感一般就是电路中只有一个电感。三极管等效中没有感抗，所以不用考虑。在使用公式时注意电容要使用总值。

1－10解：（1）Y参数等效电路图如下：

（2）回路的谐振电阻

RPQLOL1006.28301061.510628.3k115g3.53810S

P3RP28.310两级电路采用相同的晶体管，即gie1gie22.8ms 则回路的总电导为（p1N1/N11,p2N2/N11/4）

2ggPp12goep2gie20.035381030.21030.252.81030.41103S2（3）回路的总电容为

C12fO2L123010621.510618.78pF

（4）根据电压增益的表达式得 Auo（5）

p1p2yfeg10.254527.44

0.41fog'g'fo因为：B;QL0C2C所以：g'B2C101066.2818.7810121.18msg并g'g1.180.410.77msR并11.3kg并1－12解：（1）两级功放总增益为：AuoAuo110100两级功放总通频带为：

BB12140.642.56MHz

（2）为保持总通频带为4MHz，则单级通频带必须增加，即： B'112B'211246.25MHz 0.64（3）因为根据结论放大器的增益带宽积基本保持不变，则此时单级放大器的增益应为

' Auo1B1Auo14106.4 '6.25B12'2)6.440.9 两级总增益为：Auo'(Auo1解法二：如果两级级联后的带宽总值为4MHZ,说明每一级的带宽不是4MHZ,如果三极管组成电路结构不变，而且是并联谐振回路的LC数值不变，只可能并联的负载值R变化才能让带宽改变，中心频率f。不变，总电导改变了。那现在的总增益为多少？ 原增益Auo(原)p1p2yfe;Auo(现)

g（原）g（现）p1p2yfeAuo(原)g（现）所以： Auo(现)g（原）B（原）1f0QL(原)f0f00Lg（原）10Lg（原）B（现）1f0QL(现)f0f00Lg（现）10Lg（现）4B1(原)g(原)AUO(现)..... 6.25B1(现)g(现)AUO(原)g(原)AUO(现)AUO(原)g(现)4106.46.252

A总(现)AUO(现)6.4240.9