高中数学竞赛标准讲义：第十五章：复数_高中数学竞赛标准讲义

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高中数学竞赛标准讲义：第十五章：复数

一、基础知识

1．复数的定义：设i为方程x2=-1的根，i称为虚数单位，由i与实数进行加、减、乘、除等运算。便产生形如a+bi（a,b∈R）的数，称为复数。所有复数构成的集合称复数集。通常用C来表示。2．复数的几种形式。对任意复数z=a+bi（a,b∈R），a称实部记作Re(z),b称虚部记作Im(z).z=ai称为代数形式，它由实部、虚部两部分构成；若将(a,b)作为坐标平面内点的坐标，那么z与坐标平面唯一一个点相对应，从而可以建立复数集与坐标平面内所有的点构成的集合之间的一一映射。因此复数可以用点来表示，表示复数的平面称为复平面，x轴称为实轴，y轴去掉原点称为虚轴，点称为复数的几何形式；如果将(a,b)作为向量的坐标，复数z又对应唯一一个向量。因此坐标平面内的向量也是复数的一种表示形式，称为向量形式；另外设z对应复平面内的点Z，见图15-1，连接OZ，设∠xOZ=θ,|OZ|=r，则a=rcosθ,b=rsinθ,所以z=r(cosθ+isinθ)，这种形式叫做三角形式。若z=r(cosθ+isinθ)，则θ称为z的辐角。若0≤θ

z1（1）z1z2z1z2；（2）z1z2z1z2；（3）zz|z|2；（4）z2z1；（5）z2|z1z2||z1||z2|；（6）|z1|z1|；（7）||z1|-|z2||≤|z1±z2|≤|z1|+|z2|；（8）|z2|z2|1。z4．复数的运算法则：（1）按代数形式运算加、减、乘、除运算法则与实数范围内一致，运算结果可以通过乘以共轭复数将分母分为实数；（2）按向量形式，加、减法满足平行四边形和三角形法则；（3）按三角形式，若z1=r1(cosθ1+isinθ1), z2=r2(cosθ2+isinθ2)，则z1•|z1+z2|2+|z1-z2|2=2|z1|2+2|z2|2；（9）若|z|=1，则z•z2=r1r2[cos(θ1+θ2)+isin(θ1+θ2)]；若z20,z1r1[cos(θ1-θ2)+isin(θ1-θ2)]，用z2r2指数形式记为z1z2=r1r2ei(θ1+θ2),z1r1i(12)e.z2r25.棣莫弗定理：[r(cosθ+isinθ)]n=rn(cosnθ+isinnθ).2k2kisin)，k=0,1,2,„,n-1。6.开方：若wnr(cosθ+isinθ)，则wnr(cos nn22isin7．单位根：若wn=1，则称w为1的一个n次单位根，简称单位根，记Z1=cos，nn则全部单位根可表示为1,Z1,Z12,,Z1n1.单位根的基本性质有（这里记ZkZ1k，k=1,2,„,n-1）：（1）对任意整数k，若k=nq+r,q∈Z,0≤r≤n-1，有Znq+r=Zr；（2）对任意

0,当n|m,mm整数m，当n≥2时，有1Z1mZ2=特别1+Z1+Z2+„+Zn-1=0；（3）xn-1+xn-2+„Zn1n,当n|m,+x+1=(x-Z1)(x-Z2)„(x-Zn-1)=(x-Z1)(x-Z12)„(x-Z1n1).8.复数相等的充要条件：（1）两个复数实部和虚部分别对应相等；（2）两个复数的模和辐角主值分别相等。

9．复数z是实数的充要条件是z=z;z是纯虚数的充要条件是：z+z=0（且z≠0）.10.代数基本定理：在复数范围内，一元n次方程至少有一个根。

11．实系数方程虚根成对定理：实系数一元n次方程的虚根成对出现，即若z=a+bi(b≠0)是方程的一个根，则z=a-bi也是一个根。

12．若a,b,c∈R,a≠0，则关于x的方程ax2+bx+c=0，当Δ=b2-4ac

二、方法与例题 1．模的应用。

例1 求证：当n∈N+时，方程(z+1)2n+(z-1)2n=0只有纯虚根。

[证明] 若z是方程的根，则(z+1)2n=-(z-1)2n，所以|(z+1)2n|=|-(z-1)2n|,即|z+1|2=|z-1|2,即(z+1)(z+1)=(z-1)(z-1)，化简得z+z=0，又z=0不是方程的根，所以z是纯虚数。例2 设f(z)=z2+az+b,a,b为复数，对一切|z|=1，有|f(z)|=1，求a,b的值。[解] 因为4=(1+a+b)+(1-a+b)-(-1+ai+b)-(-1-ai+b)=|f(1)+f(-1)-f(i)-f(-i)|

≥|f(1)|+|f(-1)|+|f(i)|+|f(-i)|=4，其中等号成立。

所以f(1),f(-1),-f(i),-f(-i)四个向量方向相同，且模相等。所以f(1)=f(-1)=-f(i)=-f(-i)，解得a=b=0.2.复数相等。

例3 设λ∈R，若二次方程(1-i)x2+(λ+i)x+1+λi=0有两个虚根，求λ满足的充要条件。

2xx10[解] 若方程有实根，则方程组2有实根，由方程组得(λ+1)x+λ+1=0.若λ=-1，xx0则方程x2-x+1=0中Δ

例4 设n≤2000,n∈N，且存在θ满足(sinθ+icosθ)n=sinnθ+icosnθ，那么这样的n有多少个？

[解] 由题设得

[cos()isin()]ncosn()isin()cos(n)isin(n)，所以222222n=4k+1.又因为0≤n≤2000，所以1≤k≤500，所以这样的n有500个。4．二项式定理的应用。

02410013599例5 计算：（1）C100；（2）C100 C100C100C100C100C100C100

[解](1+i)100=[(1+i)2]50=(2i)50=-250,由二项式定理(1+i)100= ***24100)+(C100C100iC100iC100iC100i=(C100C100C100C10002410013599)i，比较实部和虚部，得C100=-250，C100C100C100C100C100C100C10013599=0。C100C100C100C1005．复数乘法的几何意义。

例6 以定长线段BC为一边任作ΔABC，分别以AB，AC为腰，B，C为直角顶点向外作等腰直角ΔABM、等腰直角ΔACN。求证：MN的中点为定点。

[证明] 设|BC|=2a，以BC中点O为原点，BC为x轴，建立直角坐标系，确定复平面，则B，C对应的复数为-a,a,点A，M，N对应的复数为z1,z2,z3,CAz1a,BAz1a，由复数乘法的几何意义得：CNz3ai(z1a)，①BMz2ai(z1a)，②由①+②得z2+z3=i(z1+a)-i(z1-a)=2ai.设MN的中点为P，对应的复数z=

z2z3ai,为定值，所以MN2的中点P为定点。

例7 设A，B，C，D为平面上任意四点，求证：AB•AD+BC•AD≥AC•BD。

[证明] 用A，B，C，D表示它们对应的复数，则(A-B)(C-D)+(B-C)(A-D)=(A-C)(B-D)，因为|A-B|•|C-D|+|B-C|•|A-D|≥(A-B)(C-D)+(B-C)(A-D).所以|A-B|•|C-D|+|B-C|•|A-D|≥|A-C|•|B-D|, “=”成立当且仅当BABCDABCArg()Arg()，即Arg()Arg()=π，即A，B，C，D共圆时成立。不DACDBADC等式得证。

6．复数与轨迹。

例8 ΔABC的顶点A表示的复数为3i，底边BC在实轴上滑动，且|BC|=2，求ΔABC的外心轨迹。

[解]设外心M对应的复数为z=x+yi(x,y∈R)，B，C点对应的复数分别是b,b+2.因为外心M是三边垂直平分线的交点，而AB的垂直平分线方程为|z-b|=|z-3i|，BC的垂直平分线的方程为|z-b|=|z-b-2|，所以点M对应的复数z满足|z-b|=|z-3i|=|z-b-2|，消去b解得4x26(y).3所以ΔABC的外心轨迹是轨物线。7．复数与三角。

例9 已知cosα+cosβ+cosγ=sinα+sinβ+sinγ=0，求证：cos2α+cos2β+cos2γ=0。[证明] 令z1=cosα+isinα,z2=cosβ+isinβ,z3=cosγ+isinγ，则 z1+z2+z3=0。所以z1z2z3z1z2z30.又因为|zi|=1,i=1,2,3.所以zi•zi=1，即zi1.zi22由z1+z2+z3=0得x12x2x32z1z22z2z32z3z10.①

111又z1z2z3z2z3z1z1z2z3zzzz1z2z3(z1z2z3)0.23122所以z12z2z30.所以cos2α+cos2β+cos2γ+i(sin2α+sin2β+sin2γ)=0.所以cos2α+cos2β+cos2γ=0。

例10 求和：S=cos200+2cos400+„+18cos18×200.[解] 令w=cos200+isin200,则w18=1，令P=sin200+2sin400+„+18sin18×200,则S+iP=w+2w2+„+18w18.①由①×w得w(S+iP)=w2+2w3+„+17w18+18w19，②由①-②得(1-w)(S+iP)=w+w2+„

1w(1w18)918w319S.18w，所以S+iP=+w-18w=，所以9i21w221w18198．复数与多项式。

例11 已知f(z)=c0zn+c1zn-1+„+cn-1z+cn是n次复系数多项式(c0≠0).求证：一定存在一个复数z0,|z0|≤1，并且|f(z0)|≥|c0|+|cn|.nn-1iθ[证明] 记c0z+c1z+„+cn-1z=g(z),令=Arg(cn)-Arg(z0)，则方程g(Z)-c0e=0为n次方程，其必有n个根，设为z1,z2,„,zn，从而g(z)-c0eiθ=(z-z1)(z-z2)•„•(z-zn)c0，令z=0得-c0eiθ=(-1)nz1z2„znc0，取模得|z1z2„zn|=1。所以z1,z2,„，zn中必有一个zi使得|zi|≤1,从而f(zi)=g(zi)+cn=c0eiθ=cn，所以|f(zi)|=|c0eiθ+cn|=|c0|+|cn|.9.单位根的应用。

例12 证明：自⊙O上任意一点p到正多边形A1A2„An各个顶点的距离的平方和为定值。[证明] 取此圆为单位圆，O为原点，射线OAn为实轴正半轴，建立复平面，顶点A1对应复数设为en2in，则顶点A2A3„An对应复数分别为ε2，ε3，„，εn.设点p对应复数z,则|z|=1,2nk2nkkn且=2n-|pAk||z|(z)(z)(2kzkz)

k1k1k1k1=2n-zz2nzzk2n.命题得证。kkk1k1k1k1nnknn10．复数与几何。

例13 如图15-2所示，在四边形ABCD内存在一点P，使得ΔPAB，ΔPCD都是以P为直角顶点的等腰直角三角形。求证：必存在另一点Q，使得ΔQBC，ΔQDA也都是以Q为直角顶点的等腰直角三角形。

[证明] 以P为原点建立复平面，并用A，B，C，D，P，Q表示它们对应的复数，由题设及复

CiB数乘法的几何意义知D=iC,B=iA；取Q，则C-Q=i(B-Q)，则ΔBCQ为等腰直角三角形；

1iDA又由C-Q=i(B-Q)得Qi(Q)，即A-Q=i(D-Q)，所以ΔADQ也为等腰直角三角形且以Qii为直角顶点。综上命题得证。

例14 平面上给定ΔA1A2A3及点p0，定义As=As-3,s≥4，构造点列p0,p1,p2,„,使得pk+1为绕中心Ak+1顺时针旋转1200时pk所到达的位置，k=0,1,2,„,若p1986=p0.证明：ΔA1A2A3为等边三角形。

3[证明] 令u=e，由题设，约定用点同时表示它们对应的复数，取给定平面为复平面，则p1=(1+u)A1-up0, p2=(1+u)A2-up1, p3=(1+u)A3-up2, ①×u2+②×(-u)得p3=(1+u)(A3-uA2+u2A1)+p0=w+p0,w为与p0无关的常数。同理得p6=w+p3=2w+p0,„,p1986=662w+p0=p0，所以w=0，从而A3-uA2+u2A1=0.由u2=u-1得A3-A1=（A2-A1）u，这说明ΔA1A2A3为正三角形。

三、基础训练题

1．满足(2x2+5x+2)+(y2-y-2)i=0的有序实数对(x,y)有__________组。

1002．若z∈C且z2=8+6i,且z3-16z-=__________。z3.复数z满足|z|=5，且(3+4i)•z是纯虚数，则z__________。4．已知z213ii，则1+z+z2+„+z1992=__________。

5.设复数z使得z1的一个辐角的绝对值为，则z辐角主值的取值范围是__________。z266．设z,w,λ∈C,|λ|≠1，则关于z的方程z-Λz=w的解为z=__________。

1x1x2arcsin__________。7.设0

29．若a,b,c∈C,则a2+b2>c2是a2+b2-c2>0成立的__________条件。

10．已知关于x的实系数方程x2-2x+2=0和x2+2mx+1=0的四个不同的根在复平面上对应的点共圆，则m取值的集合是__________。

11．二次方程ax2+x+1=0的两根的模都小于2，求实数a的取值范围。

12．复平面上定点Z0，动点Z1对应的复数分别为z0,z1，其中z0≠0，且满足方程|z1-z0|=|z1|，①另一个动点Z对应的复数z满足z1•z=-1，②求点Z的轨迹，并指出它在复平面上的形状和位置。13．N个复数z1,z2,„,zn成等比数列，其中|z1|≠1，公比为q,|q|=1且q≠±1,复数w1,w2,„,wn满足条件：wk=zk+1+h，其中k=1,2,„,n,h为已知实数，求证：复平面内表示w1,w2,„,wnzk的点p1,p2,„,pn都在一个焦距为4的椭圆上。

四、高考水平训练题

1．复数z和cosθ+isinθ对应的点关于直线|iz+1|=|z+i|对称，则z=__________。2.设复数z满足z+|z|=2+i，那么z=__________。

3．有一个人在草原上漫步，开始时从O出发，向东行走，每走1千米后，便向左转他走过n千米后，首次回到原出发点，则n=__________。

角度，6(43i)2(13i)104.若z，则|z|=__________。12(1i)5.若ak≥0,k=1,2,„,n，并规定an+1=a1，使不等式aakak1a2kk1n2k1ak恒成立的实

k1n数λ的最大值为__________。

x2y21上任意一点，以OP为边逆时针作正方形OPQR，则动点R的轨6．已知点P为椭圆95迹方程为__________。

7．已知P为直线x-y+1=0上的动点，以OP为边作正ΔOPQ(O，P，Q按顺时针方向排列)。则点Q的轨迹方程为__________。

z2R”的__________条件。8．已知z∈C,则命题“z是纯虚数”是命题“

1z29．若n∈N，且n≥3,则方程zn+1+zn-1=0的模为1的虚根的个数为__________。10．设(x2006+x2008+3)2007=a0+a1x+a2x2+„+anxn，则a0a3k1a3k2an__________。22aa1a2aa345+„2222+a3k-11.设复数z1,z2满足z1•z2Az1Az20,其中A≠0，A∈C。证明：（1）|z1+A|•|z2+A|=|A|2；（2）

z1Az1A.z2Az2A12．若z∈C,且|z|=1,u=z4-z3-3z2i-z+1.求|u|的最大值和最小值，并求取得最大值、最小值时的复数z.|z1||z2||z3|1,zzz13.给定实数a,b,c,已知复数z1,z2,z3满足1231,求

z2z3z1|az1+bz2+cz3|的值。

三、联赛一试水平训练题

11．已知复数z满足|2z|1.则z的辐角主值的取值范围是__________。

z

2．设复数z=cosθ+isinθ(0≤θ≤π)，复数z,(1+i)z，2z在复平面上对应的三个点分别是P，Q，R，当P，Q，R不共线时，以PQ，PR为两边的平行四边形第四个顶点为S，则S到原点距离的最大值为__________。

3．设复平面上单位圆内接正20边形的20个顶点所对应的复数依次为z1,z2,„,z20,则复数1995z1,z1995,,z1995220所对应的不同点的个数是__________。

4．已知复数z满足|z|=1，则|z+iz+1|的最小值为__________。

1305．设wi，z1=w-z,z2=w+z,z1,z2对应复平面上的点A，B，点O为原点，∠AOB=90，22|AO|=|BO|，则ΔOAB面积是__________。

6．设wcosisin，则(x-w)(x-w3)(x-w7)(x-w9)的展开式为__________。

557．已知(3i)m=(1+i)n(m,n∈N+)，则mn的最小值是__________。

8．复平面上，非零复数z1,z2在以i为圆心，1为半径的圆上，z1•z2的实部为零，z1的辐角主值为，则z2=__________。63i7)1]n的值中有实数__________个。219.当n∈N,且1≤n≤100时，[(10．已知复数z1,z2满足z2z1，且Argzz1z23，Argz2zz27，Argz3，则Arg1的68z3值是__________。

11．集合A={z|z18=1},B={w|w48=1},C={zw|z∈A,w∈B}，问：集合C中有多少个不同的元素？

1ixn)A的所有根都是不相等的实根（n∈N+）.12．证明：如果复数A的模为1，那么方程(1ix13.对于适合|z|≤1的每一个复数z，要使0

六、联赛二试水平训练题

1．设非零复数a1,a2,a3,a4,a5满足

a2a3a4a5a1a2a3a4 aaaaa1(aaaaa)S,12345123454其中S为实数且|S|≤2，求证：复数a1,a2,a3,a4,a5在复平面上所对应的点位于同一圆周上。

2(n1)nsinn1(n2)。2．求证：sinsinnnn23．已知p(z)=zn+c1zn-1+c2zn-2+„+cn是复变量z的实系数多项式，且|p(i)|

4．运用复数证明：任给8个非零实数a1,a2,„,a8，证明六个数a1a3+a2a4, a1a5+a2a6, a1a7+a2a8, a3a5+a4a6, a3a7+a4a8,a5a7+a6a8中至少有一个是非负数。

5．已知复数z满足11z10+10iz9+10iz-11=0，求证：|z|=1.6.设z1,z2,z3为复数，求证：

|z1|+|z2|+|z3|+|z1+z2+z3|≥|z1+z2|+|z2+z3|+|z3+z1|。